Насложная задачка, простая интегральнся схемотехника Опции

[Саша Z]

Этот один из вопросов всплывающий периодически на интервью работодателя с потенциальным работником в сфере аналоговой интегральной схемотехники. Вопрос не сложный по идее, но требует понимания процессов.
Вопрос в присоединенном файле.
Дана схемка, А, Б - логические входа, S, D обозначают source, drain соответственно, C - вспомогательная точка.
Нужно заполнить табличку (в том-же файле, под рисунком). Инвертор - CMOS.

Буду благодарен за мнения насчет решения, как мне кажется решение не сложное, но не уверен нет ли там подковырки.
Просьба ваши мнения насчет решения обосновывать (т.е. описывать процессы, можно вкратце).


Спасибо, Саша

Прикрепленные файлы

 Interview_analog1.doc ( 47 килобайт ) Кол-во скачиваний: 142

 

[deemon]

Да , но сток у нас подключён к входной ёмкости инвертора , которая сначала , предпложим , разряжена , значит - полевик на какое-то время откроется , и зарядит ёмкость до какого-то напряжения . Ведь сток и исток - практически симметричны у маломощных полевиков , и полевики вполне себе работают в инверсном режиме , и как ключ для переменного напряжения тоже . А до какого напряжения он ёмкость зарядит - зависит от порогового напряжения полевика . По идее так ............ хотя задачка мутноватая ..... можно предполагать и так и эдак

[Саша Z]

Да , но сток у нас подключён к входной ёмкости инвертора , которая сначала , предпложим , разряжена , значит - полевик на какое-то время откроется , и зарядит ёмкость до какого-то напряжения . Ведь сток и исток - практически симметричны у маломощных полевиков , и полевики вполне себе работают в инверсном режиме , и как ключ для переменного напряжения тоже . А до какого напряжения он ёмкость зарядит - зависит от порогового напряжения полевика . По идее так ............ хотя задачка мутноватая ..... можно предполагать и так и эдак

Да, ход мысли у вас вполне резонный.
Пока единственное устойчивое положение на выходе будет 1 (при А = 0, B = 1), значит в точке С будет устойчивый 0.
Подаем на входа: А = 1, B = 1.
Далее, согласно вашему предположению насчет симметричности данного типа mosfetов (которое мне кажется логичным), можно предположить что S и D у этого mosfetа меняются местами. Предполагая в точке С был 0, получаем сей mosfet откроется на короткое время пропуская 1 со входа А в точку С, при этом выход инвертора даст 0.
В точке С этой 1ей заряжается ёмкость Cgs. mosfet закроется как только напряжение в С будет таково что даст Vgs < Vt. T.e. если предположить Vt = 1V, Vcc = 5V, то при достижении напряжения в точке С равного 4V и выше -> mosfet закроется удерживая на выходе инвертора 1цу. Тут-же заряженный Cgs насчет разряжатся в паразитное сопротивление подложки, но не сможет разрядится ниже 4V - ибо тогда mosfet опять откроется и дозарядит эту ёмкость опять.
Т.е. при A = 1, B = 1, получаем стабильный 0 на выходе инвертора.

Итого, имеем, A = 0, B = 1 -> OUT = 1;
A = 1, B = 1 -> OUT = 0;


Теперь рассмотрим положение A = 0, B = 0:
Если до этого в точке С был 0 -> Cgs разряжен и ему неоткуда зарядится. Получаем в С удерживается 0, на выходе инвертора соотв. удерживается 1.
Если предположить в С была 1, т.е. Cgs заряжен, и на выходе инвертора есть 0. Теперь (A = B = 0), mosfet закрывается вследствии этого Cgs насчет разряжаться через сопротивление подложки ведя точку С к нулю вследствии чего выход инвертора даст 1.
Вывод, при A = B = 0, сработает "память" - т.е. будет удерживатся стабильно 1 на выходе инвертора если предыдущее положение таково и было. Если-же предыдущее положение было 0 на выходе инвертора (т.е. С = 1), это будет удерживаться ("помнить") на короткое время разряда Cgs до уровня ниже Vt. Затем Выход инвертора переключится в 1 опять. Значит при прошлом положениие OUT = 0, у элемента будт очень "короткая память".

Последнее положение A = 1, B = 0 - тоже самое что и при A = B = 0.

Буду благодарен ежели проследите мой анализ - вполне вероятно чего-то упускаю. Надеюсь мои пояснения не сильно сумасбродные для понимания и отслеживания..